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Minary_Acdream

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日志

 
 

敌兵布阵  

2012-07-12 22:53:31|  分类: 线段树 |  标签: |举报 |字号 订阅

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Description

C国的死对头A国这段时间正在进行军事演习,所以C国间谍头子Derek和他手下Tidy又开始忙乎了。A国在海岸线沿直线布置了N个工兵营地,Derek和Tidy的任务就是要监视这些工兵营地的活动情况。由于采取了某种先进的监测手段,所以每个工兵营地的人数C国都掌握的一清二楚,每个工兵营地的人数都有可能发生变动,可能增加或减少若干人手,但这些都逃不过C国的监视。
中央情报局要研究敌人究竟演习什么战术,所以Tidy要随时向Derek汇报某一段连续的工兵营地一共有多少人,例如Derek问:“Tidy,马上汇报第3个营地到第10个营地共有多少人!”Tidy就要马上开始计算这一段的总人数并汇报。但敌兵营地的人数经常变动,而Derek每次询问的段都不一样,所以Tidy不得不每次都一个一个营地的去数,很快就精疲力尽了,Derek对Tidy的计算速度越来越不满:"你个死肥仔,算得这么慢,我炒你鱿鱼!”Tidy想:“你自己来算算看,这可真是一项累人的工作!我恨不得你炒我鱿鱼呢!”无奈之下,Tidy只好打电话向计算机专家Windbreaker求救,Windbreaker说:“死肥仔,叫你平时做多点acm题和看多点算法书,现在尝到苦果了吧!”Tidy说:"我知错了。。。"但Windbreaker已经挂掉电话了。Tidy很苦恼,这么算他真的会崩溃的,聪明的读者,你能写个程序帮他完成这项工作吗?不过如果你的程序效率不够高的话,Tidy还是会受到Derek的责骂的.
 

Input

第一行一个整数T,表示有T组数据。
每组数据第一行一个正整数N(N<=50000),表示敌人有N个工兵营地,接下来有N个正整数,第i个正整数ai代表第i个工兵营地里开始时有ai个人(1<=ai<=50)。
接下来每行有一条命令,命令有4种形式:
(1) Add i j,i和j为正整数,表示第i个营地增加j个人(j不超过30)
(2)Sub i j ,i和j为正整数,表示第i个营地减少j个人(j不超过30);
(3)Query i j ,i和j为正整数,i<=j,表示询问第i到第j个营地的总人数;
(4)End 表示结束,这条命令在每组数据最后出现;
每组数据最多有40000条命令
 

Output

对第i组数据,首先输出“Case i:”和回车,
对于每个Query询问,输出一个整数并回车,表示询问的段中的总人数,这个数最多不超过1000000。
 

Sample Input

10 
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 
Query 1 3 
Add 3 6 
Query 2 7 
Sub 10 2 
Add 6 3 
Query 3 10 
End
 

Sample Output

Case 1: 
33 
59
 

还是一题赤果果的线段树问题= =果然现在也就只能做一些这样的题目。
第一次提交的时候是超时,吧cin改成scanf就好了。
接着下一遍是WA,=  =,错在了很弱的地方。。case;
最后终于A了 好吧=。 =还是那么粗心
下面是我的代码:


#include<stdio.h>
#include<string.h>
#include<iostream>
#include<algorithm>
using namespace std;

#define MAXN 50000
#define LC(a) ((a << 1) + 1) ///< 左儿子下标
#define RC(a) ((a << 1) + 2) ///< 右儿子下标
#define MID(a, b) ((a + b) >> 1) ///< 求中点
struct node
{
int l,r;
int mid;
int sum;

}T[MAXN * 4];
int num[MAXN];
int m = 0;
void create(int p, int l, int r)
{
T[p].l = l, T[p].r = r, T[p].mid = MID(l, r);
if(l == r)
{
T[p].sum = num[l - 1];
return;
}
create(LC(p), l, T[p].mid);
create(RC(p), T[p].mid + 1, r);
T[p].sum = T[LC(p)].sum + T[RC(p)].sum;
}

void update(int p, int i, int num) ///< num有正负
{
if(T[p].l == T[p].r)
{
T[p].sum += num;
//break;
return ;
}
if(i <= T[p].mid) update(LC(p), i, num);
else update(RC(p), i, num);

/** 更新该节点的sum */
T[p].sum = T[LC(p)].sum + T[RC(p)].sum;
}

int query(int p, int l, int r)
{
if(T[p].l == l && T[p].r == r) return T[p].sum;

if(r <= T[p].mid) return query(LC(p), l, r);
else
if(l > T[p].mid) return query(RC(p), l, r);
else return query(LC(p), l, T[p].mid) + query(RC(p), T[p].mid + 1, r);
}


int main()
{
int t;
cin>>t;
while(t --)
{
int N;
cin>>N;
for(int i = 0;i < N;i ++) cin>>num[i];
create(0,1,N);
cout<<"Case "<<++m<<":"<<endl;
while(1)
{
string a;
cin>>a;
if(a == "End") break;
else
{
int i,j;
cin>>i>>j;
if(a == "Sub") update(0,i,-j);
if(a == "Add") update(0,i,j);
if(a == "Query")
{
cout<<query(0,i,j)<<endl;
}
}

}


}
return 0;
}

/*
1
10
1 2 3 4 5 6 7 8 9 10
Query 1 3
Add 3 6
Query 2 7
Sub 10 2
Add 6 3
Query 3 10
End


Sample Output
Case 1:
6
33
59
*/


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